Длина окруж­но­сти равна от­ку­да r  =  6. Тогда по тео­ре­ме Пи­фа­го­ра ра­ди­ус сферы равен Для пло­ща­ди сферы имеем:

Пра­виль­ный ответ ука­зан под но­ме­ром 4.

Пло­щадь осе­во­го се­че­ния ци­лин­дра равна так как это пря­мо­уголь­ник. Тогда для пло­ща­ди бо­ко­вой по­верх­но­сти имеем:

Пра­виль­ный ответ ука­зан под но­ме­ром 2.

Пло­щадь бо­ко­вой по­верх­но­сти ко­ну­са равна где r  — ра­ди­ус ос­но­ва­ния, l  — об­ра­зу­ю­щая. Най­дем ра­ди­ус: Таким об­ра­зом, пло­щадь бо­ко­вой по­верх­но­сти равна:

Пра­виль­ный ответ ука­зан под но­ме­ром 1.

По­сколь­ку шар впи­сан в приз­му, то окруж­ность боль­шо­го круга шара впи­сы­ва­ет­ся в ос­но­ва­ние приз­мы, т. е. в тре­уголь­ник. Ис­хо­дя из этого, пло­щадь ос­но­ва­ния приз­мы равна где P  — пе­ри­метр ос­но­ва­ния приз­мы, r  — ра­ди­ус шара. Кроме того, вы­со­та приз­мы равна диа­мет­ру шара, т. е.

Пло­щадь пол­ной по­верх­но­сти пря­мой тре­уголь­ной приз­мы равна (a, b, c  — сто­ро­ны ос­но­ва­ния приз­мы):

Ответ: 45.

В пря­мо­уголь­ном тре­уголь­ни­ке OFK най­дем ги­по­те­ну­зу Таким об­ра­зом, Пло­щадь сферы:

Пра­виль­ный ответ ука­зан под но­ме­ром 5.

Пусть P и Q  — се­ре­ди­ны ребер BB₁ и CC₁, со­от­вет­ствен­но. Се­че­ни­ем сферы плос­ко­стью BPQ яв­ля­ет­ся окруж­ность, опи­сан­ная около этого тре­уголь­ни­ка, и, сле­до­ва­тель­но, пря­мо­уголь­ни­ка BPQC, сле­до­ва­тель­но, точка C также лежит на сфере. Ана­ло­гич­но, для плос­ко­сти BCD₁, точка A₁ также лежит на сфере.

Центр сферы яв­ля­ет­ся точ­кой рав­но­уда­лен­ной от точек B, P, Q, C, сле­до­ва­тель­но, лежит на пря­мой про­хо­дя­щей через R  — центр че­ты­рех­уголь­ни­ка BPQC пер­пен­ди­ку­ляр­но к плос­ко­сти BPQC. Ана­ло­гич­но, для точек B, A₁, D₁, C, центр лежит на пря­мой про­хо­дя­щей через O  — центр че­ты­рех­уголь­ни­ка BA₁D₁C (центр куба) пер­пен­ди­ку­ляр­но плос­ко­сти BA₁D₁C. Обе эти пря­мые лежат в се­ре­дин­ном се­че­нии куба KLMN, где K, L, M, N  — се­ре­ди­ны ребер BC, B₁C₁, A₁D₁, AD, со­от­вет­ствен­но. Точка их пе­ре­се­че­ния Z  — центр сферы. Не­труд­но про­ве­рить, что она рав­но­уда­ле­на от всех из­вест­ных точек, ле­жа­щих на сфере. Най­дем квад­рат ра­ди­у­са сферы

Тогда пло­щадь по­верх­но­сти сферы равна

Ответ: 336.

Изоб­ра­зим на ри­сун­ке плос­кость диа­го­наль­но­го се­че­ния приз­мы. Вве­дем обо­зна­че­ния, как по­ка­за­но на ри­сун­ке: ра­ди­ус сферы пе­ре­се­ка­ет диа­го­наль ниж­не­го ос­но­ва­ния AD в точке H, ка­са­ет­ся диа­го­на­ли BC в точке К.

Че­ты­рех­уголь­ник ABCD  — пря­мо­уголь­ник, от­ре­зок OK пер­пен­ди­ку­ля­рен сто­ро­нам AD и BC. По усло­вию Най­дем сто­ро­ны пря­мо­уголь­но­го тре­уголь­ни­ка AHO: от­сю­да Пло­щадь диа­го­наль­но­го се­че­ния

По усло­вию пло­щадь диа­го­наль­но­го се­че­ния равна от­ку­да Таком об­ра­зом,

Ответ: 72.

Пло­щадь бо­ко­вой по­верх­но­сти ци­лин­дра вы­чис­ля­ет­ся по фор­му­ле по усло­вию а Тогда

Най­дем объём:

Тогда

Ответ: 225.

Най­дем ра­ди­ус ос­но­ва­ния ко­ну­са по тео­ре­ме Пи­фа­го­ра:

Пло­щадь бо­ко­вой по­верх­но­сти ко­ну­са равна

Пра­виль­ный ответ ука­зан под но­ме­ром 2.

Про­ве­дем се­че­ние, как по­ка­за­но на ри­сун­ке. От­рез­ки PA и PB  — об­ра­зу­ю­щие ко­ну­са, они равны, тогда тре­уголь­ник рав­но­бед­рен­ный по опре­де­ле­нию. Углы при его ос­но­ва­нии равны по при­зна­ку, то есть а зна­чит, что и и APB  — рав­но­сто­рон­ний. Из усло­вия по­лу­ча­ем:

Ра­ди­ус ос­но­ва­ния ко­ну­са найдём из рав­но­бед­рен­но­го пря­мо­уголь­но­го тре­уголь­ни­ка AOB (AO  =  OB  =  R) по тео­ре­ме Пи­фа­го­ра:

Оста­лось вы­чис­лить пло­щадь бо­ко­вой по­верх­но­сти ко­ну­са:

Зна­че­ние ис­ко­мо­го вы­ра­же­ния равно:

Ответ: 32.